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2013—2014學年度第一學期高三年級期中考試物理試卷本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。第Ⅰ卷共4頁，第Ⅱ卷共4頁。共110分�？荚嚂r間110分鐘。第Ⅰ卷（選擇題 共60分）注意事項：1.答卷Ⅰ前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考試科目用鉛筆涂寫在答題卡上。2.答卷Ⅰ時，每小題選出答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案。不能答在試題卷上。3.考試結束，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（每小題4分，共60分。下列每小題所給選項至少有一項符合題意，請將正確答案的序號填涂在答題卡上）1.在物理學發(fā)展的過程中，許多物理學家的科學研究推動了人類文明的進程．在對以下幾位物理學家所作科學貢獻的敘述中，正確的說法是（ ） A．英國物理學家牛頓用實驗的方法測出萬有引力常量GB．第谷接受了哥白尼日心說的觀點，并根據(jù)開普勒對行星運動觀察記錄的數(shù)據(jù)，應用嚴密的數(shù)學運算和橢圓軌道假說，得出了開普勒行星運動定律C．亞里士多德認為兩個從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快D．牛頓提出的萬有引力定律奠定了天體力學的基礎【考點】物理學史的問題【gkstk解析】卡文迪許測出了萬有引力常量G；開普勒得出了開普勒行星運動定律；亞里士多德的錯誤觀點延續(xù)了兩千多年。2、發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓形軌道1，然后經(jīng)點火使其沿橢圓軌道2運行，最后再次點火將衛(wèi)星送入同步軌道3。軌道1、2相切于A點，軌道2、3相切于B點，如圖所示，則當衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運行時，以下說法正確的是（ ）A．衛(wèi)星在軌道1上的運行速率大于軌道3上的速率B．衛(wèi)星在軌道1上的角速度小于在軌道3上的角速度C．衛(wèi)星在橢圓軌道2上經(jīng)過A點時的速度大于7.9 km/sD．衛(wèi)星在橢圓軌道2上經(jīng)過B點時的加速度等于它在軌道3上經(jīng)過B點時的加速度【答案】ACD【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用．A、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設衛(wèi)星的質(zhì)量為m、軌道半徑為r、地球質(zhì)量為M，有解得：軌道3半徑比軌道1半徑大，衛(wèi)星在軌道1上線速度較大，故A；C、根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得：所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過點的加速度等于在軌道上經(jīng)過點的加速度故D正確．．四個小球在離地面不同高度同時從靜止釋放，不計空氣阻力，從開始運動時刻起每隔相等的時間間隔，小球依次碰到地面．下列各圖中，能反映出剛開始運動時各小球相對地面的【答案】C【考點】自由落體運動每隔相等的時間間隔小球依次碰到地面，可以知道第一個球經(jīng)過T時間落地，第二球落地的時間為2T，依次3T、4T．逆過來看，相當于一個小球每經(jīng)過相等時間所到達的位置．可以知道相等時間間隔內(nèi)的位移越來越大，所以從下而上，相鄰兩個小球之間的豎直位移越來越大．故C正確，A、B、D錯誤．、兩小球沿水平面相向運動. 當小球間距小于或等于時，受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用，小球間距大于時，相互間的排斥力為零，小球在相互作用區(qū)間運動時始終未接觸，兩小球運動時速度隨時間的變化關系圖象如圖所示， 由圖可知 （ ）A. 球質(zhì)量大于球質(zhì)量B. 在時刻兩小球間距最小C. 在時間內(nèi)兩小球間距逐漸減小D. 在時間內(nèi)球所受排斥力方向始終與運動方面相反【答案】AC【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系．A、從速度時間圖象可以看出b小球速度時間圖象的斜率絕對值較大，所以b小球的加速度較大，兩小球之間的排斥力為相互作用力大小相等，根據(jù)知，加速度大的質(zhì)量小，所以b小球質(zhì)量較小，故A正確；B、二者做相向運動，所以當速度相等時距離最近，即t2時刻兩小球最近，之后距離又開始逐漸變大，所以B錯誤C正確；D、b球0-t時間內(nèi)勻減速，所以0-t時間內(nèi)排斥力與運動方向相反，D錯誤．A．若傳送帶不動，則VB=3m／sB．若傳送帶以速度V=4m／s逆時針勻速轉(zhuǎn)動，VB=3m／sC．若傳送帶以速度V=2m／s順時針勻速轉(zhuǎn)動，VB=3m／sD．若傳送帶以速度V=2m／s順時針勻速轉(zhuǎn)動，VB=2m／s【答案】ABC【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系解：A、若傳送帶不動，工件的加速度由得故A正確．B、若傳送帶以速度V=4m/s逆時針勻速轉(zhuǎn)動，工件的受力情況不變，由牛頓第二定律得知，工件的加速度仍為，工件的運動情況跟傳送帶不動時的一樣，則．故B正確．C、D若傳送帶以速度V=2m/s順時針勻速轉(zhuǎn)動，工件滑上傳送帶時所受的滑動摩擦力方向水平向左，做勻減速運動，工件的加速度仍為，工件的運動情況跟傳送帶不動時的一樣，則．故C正確．D錯誤．.如圖所示，一根輕繩跨過定滑輪，兩端分別系著質(zhì)量為m1、m2的小物塊，m1放在地面上，m2離地面有一定高度。當m2的質(zhì)量發(fā)生變化時，m1上升的加速度a的大小也將隨之變化。已知重力加速度為g，圖中能正確反映a與m2關系的是(　　) 【答案】D【考點】牛頓第二定律；力的合成與分解的運用解：當時，仍處于靜止狀態(tài)，沒有加速度．當時，有向上的加速度，根據(jù)牛頓第二定律得 對： 對： 聯(lián)立得：根據(jù)數(shù)學知識得知，當時，．所以D圖正確．．受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上作直線運動，其v－t圖線如圖所示，則(　　)A．在0～t1秒內(nèi)，外力F大小不斷增大B．在t1時刻，外力F為零C．在t1～t2秒內(nèi)，外力F大小可能不斷減小D．在t1～t2秒內(nèi)，外力F大小可能先減小后增大【考點】牛頓第二定律【gkstk解析】v－t圖像的斜率表示加速度，在0～t1秒內(nèi)，物體做加速度減小的加速運動，由牛頓第二定律得：，所以外力F大小不斷減小，選項A錯誤；在t1時刻，加速度為零，外力F大小等于摩擦力f的大小，選項B錯誤；在t1～t2秒內(nèi)，物體做加速度增大的減速運動，由牛頓第二定律得：，所以外力F可能不斷減小，選項C正確；若物體靜止前，外力F已減至零，則此后，外力F必再反向增大，選項D正確。8．質(zhì)量m＝1 kg的物體在光滑平面上運動，初速度大小為2 m/s。在物體運動的直線上施以一個水平恒力，經(jīng)過t＝1 s，速度大小變?yōu)? m/s，則這個力的大小可能是(　　)A．2 NB．4 NC．6 N D．8 N【考點】牛頓第二定律【gkstk解析】物體的加速度可能是2 m/s2，也可能是6 m/s2，根據(jù)牛頓第二定律，這個力的大小可能是2 N，也可能是6 N，所以答案是A、C。9．如圖所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿MON，桿的水平部分粗糙，動摩擦因數(shù)μ＝0.2，桿的豎直部分光滑。兩部分各套有質(zhì)量均為1 kg的小球A和B，A、B球間用細繩相連。初始A、B均處于靜止狀態(tài)，已知：OA＝3 m，OB＝4 m，若A球在水平拉力的作用下向右緩慢地移動1 m(取g＝10 m/s2)，那么該過程中拉力F做功為(　　) A．14 J B．10 JC．6 J D．4 J【考點】力的合成與分解的運用；功的計算解：對AB整體受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的彈力N1，如圖 根據(jù)共點力平衡條件，有豎直方向 水平方向： 其中：解得 對整體在整個運動過程中運用動能定理列式，得到 根據(jù)幾何關系，可知求B上升距離故 1、2、3．圖中曲線為蘋果在空中運行的軌跡．若不計空氣阻力的影響，以下說法正確的是 （ ）A．蘋果通過第1個窗戶所用的時間最長B．蘋果通過第3個窗戶的豎直方向平均速度最大C．蘋果通過第1個窗戶重力做的功最大D．蘋果通過第3個窗戶重力的平均功率最小【答案】D【考點】運動的合成和分解；功的計算；功率、平均功率和瞬時功率解：A、蘋果在豎直方向上做勻減速直線運動，速度越來越小，1、2、3個窗戶的高度一樣，蘋果通過三個窗戶所用的時間越來越長，那么蘋果通過第1個窗戶所用的時間最短，因此，A選項．B、設通過窗戶的位移與水平方向的夾角為θ，窗戶高h，水平速度vx，則通過窗戶的位移為通過窗戶的水平位移為，通過窗戶的平均速度為：，由1到3窗戶變小，變大，不變，平均速度變小，B選項錯誤．C、蘋果通過三個窗戶時的豎直位移一樣，由功的公式知通過三個窗戶重力做功一樣多，選項C錯誤．D、蘋果通過三個窗戶時重力做功一樣多，第三個窗戶通過的時間長，由平均功率公式知蘋果通過第3個窗戶重力的平均功率最小，D選項正確． 運動過程中，吊籃的機械能與位移的關系如圖所示，其中段圖像為直線，段圖像為曲線，段圖像為水平直線，則下列說法正確的是：（ ） A、在過程中，吊籃所受的拉力均勻增大 B、在過程中，吊籃的動能不斷增大 C、吊籃在處的動能可能小于處的動能 D、在過程中，吊籃受到的拉力等于重力【答案】BC【考點】動能定理的應用；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律．解：吊籃的重力勢能EP=mgx，由動能定理可得，吊籃的動能EK=Fx，吊籃的械能；?A、在0～x1過程中，圖象為直線，動能E與x成正比，說明mg+F不變，吊籃所受拉力F保持不變，故A錯誤；B、在0～x1過程中，吊籃的動能，力F恒定不變，x不斷增大，吊籃動能不斷增大，故B正確；C、在x2～x3過程中，吊籃的機械能不變，重力勢能增加，則吊籃的動能減小，吊籃在x2處的動能可能小于x1處的動能，故C；D、在x2～x3過程中，吊籃機械能不變，x增大，則減小，mg不變，F(xiàn)減小，拉力與重力不相等，故D；如圖所示，具有一定初速度的物塊，沿傾角為30°的粗糙斜面向上運動的過程中，受一恒定的沿斜面向上的拉力F作用，這時物塊的加速度大小為4 m/s2，方向沿斜面向下，那在物塊向上運動過程中，正確的說法是A．物塊的機械能一定增加B．物塊的機械能一定減小C．物塊的機械能可能不變D．物塊的機械能可能增加也可能減小【考點】動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化；重力勢能；功能關系．設拉力與摩擦力的合力大小為．由于，根據(jù)牛頓第二定律得知，物體所受的合力大小為，而，所以沿斜面向上，大小為．當沿斜面向上時，拉力與摩擦力的合力做正功，物體的機械能增加．由于不等于零，拉力與摩擦力的合力做功不等于零，物體的機械能不可能不變．故A正確，BCD錯誤．如圖甲所示，斜面體【解析版】河北重點中學2014屆高三上學期期中考試_物理試題
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